\[\boxed{\mathbf{823.ОК\ ГДЗ - домашка\ на}\ 5}\]
\[Рисунок\ по\ условию\mathbf{\ задачи:}\]
\[\mathbf{Дано:}\]
\[ABCD - квадрат;\]
\[M \in CD;\ \]
\[AK - биссектриса\ \]
\[\angle\text{BAM};\]
\[K \in BC.\]
\[\mathbf{Доказать:}\]
\[AM = BK + DM.\]
\[\mathbf{Доказательство.}\]
\[1)\ Допустим,\ что\ \angle BAK =\]
\[= \angle KAM = a;\ \angle BAM = 2a.\]
\[\ AB \parallel CD;\ \ AM - секущая,\ то\ \]
\[накрестлежащие\ углы:\]
\[\angle BAM = \angle AMD = 2a.\]
\[2)\ Построим\ биссектрису\ \]
\[\angle\text{AMD},\ а\ затем\ от\ ( \bullet )\text{A\ }начертим\ \]
\[к\ ней\ перпендикуляр.\ \ \]
\[Получим:\]
\[E = AE \cap ME;\ \ \]
\[AE\bot ME;\ \ \]
\[\angle AME = \angle FME = a;\]
\[F = AE \cap CD.\]
\[3)\ Треугольнике\ \text{AMF} -\]
\[равнобедренный:\]
\[ME - \ биссектриса\ и\ высота;\]
\[AF - основание.\ \]
\[Следовательно:\]
\[AM = FM;\ \]
\[\angle MAE = \angle MFE = 90{^\circ} - a.\]
\[4)\ \mathrm{\Delta}BKA = \mathrm{\Delta}DFA - по\ второму\ \]
\[признаку\ равенства\ \]
\[треугольников:\]
\[\angle KBA = \angle FDA = 90{^\circ};\ \ \]
\[AB = AD;\ \ \]
\[\angle BAK = \angle DAF = a.\ \ \]
\[Получаем:\]
\[BK = DF.\]
\[Отсюда:\]
\[AM = FM = FD + DM =\]
\[= BK + DM.\]
\[\mathbf{Что\ и\ требовалось\ доказать.}\]
\[\boxed{\mathbf{823.еуроки - ответы\ на\ пятёрку}}\]
\[Доказательство.\]
\[Дуги\ AC_{1}\ и\ AB_{1}\ равны,\ так\ как\ \]
\[на\ них\ опираются\ равные\ \]
\[вписанные\ углы:\]
\[\angle ACC_{1} = \angle ABB_{1} - каждый\ \]
\[из\ них\ в\ сумме\ с\ углом\ \text{BAC\ }\]
\[составляет\ 90{^\circ}.\]
\[Следовательно:\]
\[\angle AA_{1}C_{1} = \angle AA_{1}B_{1}.\]
\[Отсюда:\]
\[A_{1}A - биссектриса\ угла\ C_{1}A_{1}B_{1}.\]
\[Аналогично\ доказываем,\ что:\]
\[B_{1}B - биссектриса\ угла\ C_{1}B_{1}A_{1};\]
\[C_{1}C - биссектриса\ угла\ \text{ABC.}\]
\[Что\ и\ требовалось\ доказать.\]